1．各项均为实数的等比数列{an}的前n项和记作Sn，若S10＝10，S30＝70，则S40等于( )
A．150 B．－200
C．150或－200 D．400或－50
解析：选A.根据等比数列前n项和的性质可知，S10，S20－S10，S30－S20，S40－S30成等比数列，且公比为q10，利用等比数列的性质可得(S20－S10)2＝S10(S30－S20)，所以S220－10S20－600＝0，解得S20＝－20或S20＝30.因为S20＝S10(1＋q10)＞0，所以S20＝30.再次利用等比数列的性质可得(S30－S20)2＝(S20－S10)(S40－S30)，求得S40＝150.
2．已知等比数列{an}的前n项和Sn＝t?5n－2－15，则实数t的值为( )
A．4 B．5
C.45 D.15
解析：选B.由Sn＝t25?5n－15得t25＝15，
∴t＝5.
3．设f(n)＝2＋24＋27＋210＋…＋23n＋1(n∈N)，则f(n)等于( )
A.27(8n－1) B.27(8n＋1－1)
C.27(8n＋3－1) D.27(8n＋4－1)
解析：选B.依题意，f(n)是首项为2，公比为8的前n＋1项求和，根据等比数列的求和公式可得．
4．(2009年高考全国卷Ⅱ)设等比数列{an}的前n项和为Sn，若a1＝1，S6＝4S3，则a4＝________.
解析：由题意知{an}的公比q不为1，
又由S6＝4S3得a1?1－q6?1－q＝4?a1?1－q3?1－q，解得q3＝3，
∴a4＝a1q3＝1?3＝3.
答案：3
5．设{an}是等差数列，{bn}是各项都为正数的等比数列，且a1＝b1＝1，a3＋b5＝21，a5＋b3＝13.
(1)求{an}，{bn}的通项公式；
(2)求数列{anbn}的前n项和Sn.
解：(1)设{an}的公差为d，{bn}的公比为q，
则依题意有q＞0且1＋2d＋q4＝21，1＋4d＋q2＝13.
解得d＝2，q＝2，
所以an＝1＋(n－1)d＝2n－1，bn＝qn－1＝2n－1.
(2)anbn＝2n－12n－1.
Sn＝1＋32＋522＋…＋2n－32n－2＋2n－12n－1，①
2Sn＝2＋3＋52＋…＋2n－32n－3＋2n－12n－2.②
②－①，得Sn＝2＋2＋22＋222＋…＋22n－2－2n－12n－1
＝2＋2×(1＋12＋122＋…＋12n－2)－2n－12n－1
＝2＋2×1－12n－11－12－2n－12n－1＝6－2n＋32n－1.
1．(2014年永安高二检测)已知等比数列{an}中，a1＋a2＋a3＝40，a4＋a5＋a6＝20，则前9项之和等于( )
A．50 B．70
C．80 D．90
解析：选B.由a4＋a5＋a6＝q3(a1＋a2＋a3)得q3＝12，
∴a7＋a8＋a9＝q3(a4＋a5＋a6)＝10，
∴前9项之和等于40＋20＋10＝70.
2．已知数列{an}为等比数列，若a8a4＝2，S4＝4，则S8等于( )
A．12 B．24
C．16 D．32
解析：选A.由题意知q4＝2，
∴S8＝S4＋q4S4＝S4＋2S4＝3S4＝12.
3．某人为了观看2014年奥运会，从2005年起，每年5月10日到银行存入a元定期储蓄，若年利率为p且保持不变，并约定每年到期存款均自动转为新的一年定期，到2014年将所有的存款及利息全部取回，则可取回的钱的总数(元)为( )
A．a(1＋p)7
B．a(1＋p)8
C.ap[(1＋p)7－(1＋p)]
D.ap[(1＋p)8－(1＋p)]
解析：选D.2005年存入的a元到2014年所得的本息和为a(1＋p)7，2006年存入的a元到2014年所得的本息和为a(1＋p)6，依此类推，则2014年存入的a元到2014年的本息和为a(1＋p)，每年所得的本息和构成一个以a(1＋p)为首项，1＋p为公比的等比数列，则到2014年取回的总额为a(1＋p)＋a(1＋p)2＋…＋a(1＋p)7＝a?1＋p?[1－?1＋p?7]1－?1＋p?＝ap[(1＋p)8－(1＋p)]．
4．设数列{an}是公比为a(a≠1)，首项为b的等比数列，Sn是前n项和，则点(Sn，Sn＋1)( )
A．在直线y＝ax－b上 B．在直线y＝bx＋a上
C．在直线y＝bx－a上 D．在直线y＝ax＋b上
解析：选D.由题意可得，Sn＝b?1－an?1－a，Sn＋1＝b?1－an＋1?1－a＝a?b?1－an?1－a＋b＝aSn＋b，∴点(Sn，Sn＋1)在直线y＝ax＋b上．
5．等比数列{an}是递减数列，其前n项的积为Tn，若T13＝4T9，则a8?a15等于( )
A．±2 B．±4
C．2 D．4
解析：选C.a8?a15＝a10?a13＝a11a12＝±2，由{an}为递减数列，舍去－2.
6．西部某厂在国家积极财政政策的推动下，从2008年1月起，到2010年12月止的36个月中，月产值不断递增且构成等比数列{an}，若逐月累计的产值Sn＝a1＋a2＋…＋an满足Sn＝101an－36，则该厂的年产值的递增率为(精确到万分位)( )
A．12.66% B．12.68%
C．12.69% D．12.70%
答案：B
7．已知等比数列前n项和为Sn，S10S5＝3132，则数列的公比为________．
解析：设该数列的公比为q，显然q≠1.
由S10S5＝3132＝a1?1－q101－qa1?1－q51－q＝1＋q5.
解得q＝－12.
答案：－12
8．等比数列{an}共2n项，其和为－240，且奇数项的和比偶数项的和大80，则公比q＝________.
解析：由题意S2n＝－240，S奇－S偶＝80，
得S奇＝－80，S偶＝－160，所以q＝S偶S奇＝2.
答案：2
9．数列{an}中，an＝2n－1?n为正奇数?，2n－1?n为正偶数?.设数列{an}的前n项和为Sn，则S9＝________.
解析：S9＝(a1＋a3＋a5＋a7＋a9)＋(a2＋a4＋a6＋a8)
＝(1＋22＋24＋26＋28)＋(3＋7＋11＋15)
＝377.
答案：377
10．数列{an}的前n项和记为Sn，已知an＝5Sn－3(n∈N＋)，求数列{an}的通项公式．
解：an＝5Sn－3，①
a1＝5S1－3＝5a1－3，
∴a1＝34.
n≥2时，an－1＝5Sn－1－3②
①②两式相减an－an－1＝5an，
∴an＝－14an－1故{an}为首项为34，公比为－14的等比数列，
∴an＝34－14n－1.
11．(2009年高考浙江卷)设Sn为数列{an}的前n项和，Sn＝kn2＋n，n∈N＋，其中k是常数．
(1)求a1及an；
(2)若对于任意的m∈N＋，am，a2m，a4m成等比数列，求k的值．
解：(1)当n＝1，a1＝S1＝k＋1，
n≥2，an＝Sn－Sn－1＝kn2＋n－[k(n－1)2＋(n－1)]＝2kn－k＋1，(*)
经验证，n＝1时(*)式成立，
∴an＝2kn－k＋1.
(2)∵am，a2m，a4m成等比数列，
∴a22m＝am?a4m，
即(4km－k＋1)2＝(2km－k＋1)(8km－k＋1)，
整理得，mk(k－1)＝0，
对任意的m∈N＋成立，∴k＝0或k＝1.
12．某家用电器一件现价2000元，实行分期付款，每期付款数相同，每期为一月，购买后一个月开始付款，每月付款一次，共付12次，购买后一年还清，月利率为0.8%，按复利计算，那么每期应付款多少？(1.00812≈1.1)
解：设每期应付款x元，则第1期付款到最后一次付款时的本息和为x(1＋0.008)11，第2期付款到最后一次付款时的本息和为x(1＋0.008)10，…，第12期付款没有利息，所以各期付款连同利息之和为x(1＋0.008)11＋x(1＋0.008)10＋…＋x＝1.00812－11.008－1x.
又所购电器的现价及其利息之和为2000×1.00812，
于是有1.00812－11.008－1x＝2000×1.00812.
解得x＝16×1.008121.00812－1≈176(元)．
所以每期应付款176元．
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