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2012年高二上册物理12月月考试卷(含答案)

编辑: 路逍遥 关键词: 高二 来源: 记忆方法网

2012—2013学年第一学期12月考试
高二物理试卷
(考试时间:90分钟;分值:100分;)
一、:请将本题答案涂在答题卡上(本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)。
1.自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的,很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。下列说法正确的是( )
A.奥斯特发现了电流的磁效应,揭示了电现象和磁现象之间的联系
B.欧姆发现了欧姆定律,说明了热现象和电现象之间存在联系
C.法拉第发现了电磁感应现象,揭示了磁现象和电现象之间的联系
D.焦耳发现了电流的热效应,定量经出了电能和热能之间的转换关系
2.如图所示,金属细棒质量 为,用两根相同轻弹簧吊放在水平方向的匀强磁场中,弹簧的劲度系数为k,棒ab中通有稳恒电流,棒处于平衡,并且弹簧的弹力恰好为零.若电流大小不变而将方向突然改变,则(  )
A.每根弹簧弹力的大小为g B.每根弹簧弹力的大小为2g
C.弹簧形变量为g/k D.弹簧形变量为2g/k
3.如图是验证楞次定律实验的示意图,竖直放置的线圈固定不动,将磁铁从线圈上方插入或拔出,线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流.各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况,其中表示正确的是( )

4.医生做某些特殊手术时,利用 电磁血流计监测通发过动脉的血流速度。电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成 ,磁极间的磁场是均匀的。使用时,两电极a、b均与血管壁接触,两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直,如图所示。由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动,电极a、b之间会有微小电势差。在达到平衡时,血管内部的电场可看作是匀强电场,血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零。在某次监测中,血管内径为5.0,血管壁的厚度可忽略,两触点间的电势差为300&icro;V,磁感应强度的大小为0.050T。则血流速度的近似值和电极a、b的正负为 ( )
A. 1.2/s ,a正、b负 B. 2.4/s , a正、b负
C. 1.2/s,a负、b正 D. 2.4/s , a负、b正
5.如右图所示,一半圆形铝框处在水平向外的非 匀强磁场中,离地面越近磁场越强.铝框平面与磁场垂直,直径ab水平,(空气阻力不计)铝框由静止释放下落的过程中(  )
A.铝框回路磁通量不变,感应电动势为0
B.回路中感应电流沿顺时针方向,直径ab两点间电势差为0
C.铝框下落的加速度大小一定小于重力加速度g
D.直径ab受安培力向上,半圆弧ab受安培力向下
6.一磁棒自远处匀速沿一圆形线圈的轴线运动,并穿过线圈向远处而去.则图中A、B、C、D所示较正确反映线圈中电流i与时间t关系的是(线圈中电流以图示箭头为正方向)

7.带电粒子以初速度v0从a点进入匀强磁场,如图所示.运动中经过b点,Oa=Ob,若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场,仍以v0从a点进入电场,粒子仍能通过b点,那么电场强度E与磁感应强度B之比为( )
A .V0 B .1 C. 2V0 D . V02

8.图是质谱仪的工作原理示意图。带电粒子被加速电场加速后,进入速度选择器。速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E。平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2。平板S下方有强度为B0的匀强磁场。下列表述正确的是( )
A.质谱仪是分析同位素的重要工具
B.速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里
C.能通过的狭缝P的带电粒子的速率等于E/B
D.粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的荷质比越小
9.在光滑绝缘水平面上,一轻绳拉着一个带电小球绕竖直方向的轴O在匀强磁场中做逆时针方向的匀速圆周运动,磁场方向竖直向下,且范围足够大,其俯视图如图所示,若小球运动到某点时,绳子突然断开,则关于绳子断开后,对小球可能的运动情况的判断正确的是( )
A.小球做离心运动,逐渐远离O点
B.小球仍做逆时针方向的匀速圆周运动,半径不变
C.小球做顺时针方向的匀速圆周运动,半径和原相同
D.小球做顺时针方向的匀速圆周运动,半径比原小
10.回旋加速器是加速带电粒子的装置.其核心部分是分别与高频交流电两极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,如图所示,要增大带电粒子射出时的动能,则下列说法中正确的是(  )
A.减小磁场的磁感应强度
B.增大匀强电场间的加速电压
C.增大D形金属盒的半径
D.减小狭缝间的距离


二、(共16分)
11. (每空2分,共4分)如图所示,一束电子(电量为e)以速度v垂直射入磁感强度为B,宽度为d的匀强磁场中,穿透磁场时速度方向与电子原入射方向的夹角是30°,则电子的质量是 ,穿透磁场的时间是 。


12.(每空2分,共6分)一个200匝、面积为20 c2的线圈,放在磁场中,磁场的方向与线圈平面成30°角,若磁感应强度在0.05 s内由0.1 T增加到0.5 T.在此过程中穿过线圈的磁通量的变化是______ _____ Wb;磁通量的平均变化率是___________ Wb/s;线圈中的感应电动势的大小是___________ V.
13.(每空3分,共6分)如右图所示,在光滑的绝缘水平面上,一个半径为10 c、电阻为1.0 Ω、质量为0.1 kg的金属环以10 /s的速度冲入一有界磁场,磁感应强度为B=0.5 T ; 经过一段时间后,圆环恰好有一半进入磁场,此时圆环的瞬时速度为6/s;则瞬时加速度为_______ /s2、该过程产生了 J的电热。
三.(共44分,解题过程需要有基本公式和必要的字说明)
14.(10分)水平面上有电阻不计的U形导轨NPQ,它们之间的宽度为L,和P之间接入电动势为E的电(不计内阻).现垂直于导轨搁一根质量为,电阻为 R的金属棒ab,并加一个范围较大的匀强磁场, 磁感应强度大小为B,方向与水平面夹角为θ且指向右斜上方,如图所示,问:
(1)当ab棒静止时,受到的支持力和摩擦力各为多少?
(2)若B的大小和方向均能改变,则要使ab棒所受支持力为零,B的大小至少为多少?此时B的方向如何?

15.(12分)已经知道,反粒子与正粒子有相同的质量,却带有等量的异号电荷.物理学家推测,既然有反粒子存在,就可能有由反粒子组成的反物质存在。1998年6月,我国科学家研制的阿尔法磁谱仪由“发现号”航天飞机搭载升空,寻找宇宙中反物质存在的证据.磁谱仪的核心部分如图所示,PQ、N是两个平行板,它们之间存在匀强磁场区,磁场方向与两板平行.宇宙射线中的各种粒子从板PQ中央的小孔O垂直PQ进入匀强磁场区,在磁场中发生偏转,并打在附有感光底片的板N上,留下痕迹.假设宇宙射线中存在氢核、反氢核、氦核、反氦核四种粒子,它们以相同速度v从小孔O垂直PQ板进入磁谱仪的磁场区,并打在感光底片上的a、b、c、d四点,已知氢核质量为,电荷量为e,PQ与N间的距离为L,磁场的磁感应强度为B.

(1)指出a、b、c、d四点分别是由哪种粒 子留下的痕迹?(不要求写出判断过程)
(2)求出氢核在磁场中运动的轨道半径;
(3)反氢核在N上留下的痕迹与氢核在N上留下的痕迹之间的距离是多少?


16.(12分)如图4-3-14所示,半径为R的圆形导轨处在垂直于圆平面的匀强磁场中,磁感应强度为B,方向垂直于纸面向内.一根长度略大于导轨直径的导体棒N以速率v在圆导轨上从左端滑到右端,电路中的定值电阻为r,其余电阻不计.导体棒与圆形导轨接触良好.求:
(1)、在滑动过程中通过电阻r的电流的平均值;
(2)、当N通过圆导轨中心时,通过r的电流是多大?
(3)、N从左端到右端的整个过程中,通过r的电荷量?


17. (10分)两根足够长的光滑平行直导轨N、PQ与水平面成θ角放置,两导轨间距为L,、P两点间接有阻值为R的电阻。一根质量为的均匀直金属杆ab放在两导轨上,并与导轨垂直。整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向垂直于导轨平面向上,导轨和金属杆接触良好,它们的电阻不计。现让ab杆由静止开始沿导轨下滑。
⑴求ab杆下滑的最大速度v;
⑵ab杆由静止释放至达到最大速度的过程中,电阻R产生的焦耳热为Q,求该过程中ab杆下滑的距离x。


高二物理试题参考答案
一、
1.选ACD。2.AC 3. C、D 4.A 5. CD  6.B
7.C.带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,则由

8. AC解析:由加速电场可见粒子所受电场力向下,即粒子带正电,在速度选择器中,电场力水平向右,洛伦兹力水平向左,如图所示,因此速度选择器中磁场方向垂直纸面向外,B不正确;经过速度选择器时满足 ,可知能通过的狭缝P的带电粒子的速率等于E/B,带电粒子进入磁场做匀速圆周运动则有 ,可见当v相同时, ,所以可以用区分同位素,且R越大,比荷就越大,D错误。
9.BCD
1 0.C. 回旋加速器工作时,带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,由qvB=v2r,得v=qBr;带电粒子射出时的动能Ek=12v2=q2B2r22.因此增大磁场的磁感应强度或者增大 D形金属盒的半径,都能增大带电粒子射出时的动能.

二、题(共16分)
11. (每空2分,共4分) =2dBe/v t=πd/3v。
12. (每空2分,共6分) 4×10-4 Wb 8×10-3 Wb/s 1.6 V.
磁通量的变化量是由磁场的变化引起的,所以
ΔΦ=ΔBSsinθ=(0.5-0.1)×20×10-4×0.5 Wb=4×10-4 Wb
磁通量的变化率 = Wb/s=8×10-3 Wb/s
感应电动势E=n =200×8×10-3 V=1.6 V.
13.(每空3分,共6分) 0.6 /s2;3.2J
此时切割磁感线的有效长度为圆环直径,故瞬时电动势为E=Blv1,瞬时电流I= ,安培力F=BIl,瞬时加速度为a= ,整理得:a= =0.6 /s2.根据能量守恒定律,动能的减少等于产生的电热,即 v2- v12=E热,代入数据解得:E热=3.2 J;

三、
14、(10分)【详解】(1)水平方向:f=F安sin θ①
竖直方向:N+F安cos θ=g②
又F安=BIL=BERL③
联立①②③得:N=g-BLEcos θR
f=BLEsin θR
(2)使ab棒受支持力为零,且让磁场最小,则受安培力竖直向上.则有F安=g,Bin=gREL,根据左手定则判定磁场方向水平向右.
15解: (12分)(1)a、b、c、d四点分别是反氢核、反氦核、氦核和氢核留下的痕迹.
(2)对氢核,在磁场中做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得:

(3)由图中几何关系知:

所以反氢核与氢核留 下的痕迹之间的距离

16、(12分)解:导体棒从左向右滑动的过程中,切割磁感线产生感应电动势,对电阻r供电.
(1)、计算平均电流,应该用法拉第电磁感 应定律,先求出平均感应电 动势.整个过程磁通量的变化为ΔΦ=BS=BπR2,所用的时间Δt= ,代入公式E= = ,平均电流为I= .
(2)、当N通过圆形导轨中心时,切割磁感线的有效长度最大,l=2R,根据导体切割磁感线产生的电动势公式E=Blv得:E=B•2Rv,此时通过r的电流为I= .
(3)、电荷量的运算应该用平均电流,q=IΔt=
17. (10分)【解析】⑴ 根据法拉第电磁感应定律有
根据欧姆定律有
根据安培力公式有
根据牛顿第二定律 有
整理得
当加速度 为零时,速度 达最大,速度最大值
⑵根据能量守恒定律 有



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